test03 - 浪店

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test03

2026-03-24

test

$f(i)$ 表示钦定其中 $i$ 种颜色恰好 $S$ 个 $g(i)$ 表示恰好 $i$ 个颜色恰好 $S$ 个 $h(n)=m^n$ 表示 $n$ 个点的染色总方案数

\begin{align} f(i)&=\binom{m}{i}\frac{n!}{(S!)^{i}(n-si)!}(m-i)^{n-si} \end{align}

由二项式反演

\begin{align} g(k)&=\sum_{i=k}^{m}(-1)^{i-k}\binom{i}{k}f(i)\\ &=\sum_{i=k}^{m}(-1)^{i-k}\binom{i}{k}\binom{m}{i}(m-i)^{n-si}\\ &=\sum_{i=k}^{m}(-1)^{i-k}\frac{i!}{k!(i-k)!}\frac{m!}{i!(m-i)!}(m-i)^{n-si}\\ &=m!\sum_{i=k}^{m}(-1)^{i-k}\frac{(m-i)^{n-si}}{k!(i-k)!(m-i)!}\\ &=m!\sum_{i=k}^{m}\frac{1}{k!}\cdot\frac{(-1)^{i-k}}{(i-k)!}\cdot\frac{(m-i)^{n-si}}{(m-i)!}\\ \end{align}

\begin{align} g(k)&=\sum_{i=k}^{m}(-1)^{i-k}\binom{i}{k}f(i)\\ &=\sum_{i=k}^{m}(-1)^{i-k}\frac{i!}{k!(i-k)!}f(i)\\ k!g(k)&=\sum_{i=k}^{m}\frac{(-1)^{i-k}}{(i-k)!}\cdot i!f(i)[PS:i-(i-k)=k]\\ F(x)&=\sum_{i=0}i!f(i)x^i\\ H(x)&=\sum_{j=0}\frac{(-1)^j}{j!}x^{-j}\\ F(x)H(x)&=\sum_{k=0}\sum_{i-j=k}\frac{(-1)^j}{j!}\cdot i!f(i)x^{i-j}\\ G(x)&=x^{-n}\sum_{j=0}\frac{(-1)^j}{j!}x^{n-j}=x^{-n}\sum_{j=0}\frac{(-1)^{n-j}}{(n-j)!}x^{j}\\ F(x)G(x)&=x^{-n}\sum_{k=0}\sum_{i-(n-j)=k}\frac{(-1)^{n-j}}{(n-j)!}\cdot i!f(i)x^{i-(n-j)}\\ F(x)G(x)&=x^{-n}\sum_{k=0}\sum_{i+j=n+k}\frac{(-1)^{n-j}}{(n-j)!}\cdot i!f(i)x^{i+j-n}\\ \end{align}

\begin{align} g(k)&=\frac{1}{nm}\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{m}(a_{i}+b_{j})^{k}\\ &=\frac{1}{nm}\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{m}\sum_{l=0}^{k}\binom{k}{l}a_{i}^{l}b_{j}^{k-l}\\ &=\frac{1}{nm}\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{m}\sum_{l=0}^{k}\frac{k!}{l!(k-l)!}a_{i}^{l}b_{j}^{k-l}\\ \frac{g(k)}{k!}&=\frac{1}{nm}\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{m}\sum_{l=0}^{k}\frac{a_{i}^{l}b_{j}^{k-l}}{l!(k-l)!}\\ \frac{g(k)}{k!}&=\frac{1}{nm}\sum_{l=0}^{k}\sum_{i=1}^{n}\frac{a_{i}^{l}}{l!}\sum_{j=1}^{m}\frac{b_{j}^{k-l}}{(k-l)!}\\ F_{a,l}&=\sum_{i=1}^{n}a_{i}^{l}\\ F_{b,l}&=\sum_{i=1}^{m}b_{j}^{l}\\ F_{a,l+1}-F_{a,l}&=\sum_{i=1}^{n}a_{i}^{l}(a_{i}-1)\\ \end{align}

\begin{align} F_{a,l}&=\sum_{i=1}^{n}(d_{i-1}+d_{i})^{l}\\ &=\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=0}^{l}\binom{l}{j}d_{i-1}^{j}d_{i}^{l-j}\\ &=\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=0}^{l}\frac{l!}{j!(l-j)!}d_{i-1}^{j}d_{i}^{l-j}\\ \frac{F_{a,l}}{l!}&=\sum_{j=0}^{l} \end{align}

\begin{align} F_{a}(x)&=\sum_{i=1}^{n}\frac{1}{1-a_{i}x}\\ &=\sum_{i=1}^{n}(1+\frac{a_ix}{1-a_ix})\\ &=\sum_{i-1}^{n}-x\sum_{i=1}^{n}\frac{-a_i}{1-a_ix}\\ &=n-x(\sum_{i=1}^{n}\ln(1-a_ix))'\\ &=n-x(\ln(\prod_{i=1}^{n}(1-a_ix)))'\\ \end{align}

$f(i)$ 表示 $i$ 个点无标号无根树的个数 $g(i)$ 表示 $i$ 个点有标号无根树的个数 $g(i)=f(i)i!$

\begin{align} g(n)&=\sum_{i=1}^{n}\binom{n-1}{i-1}(n-i)(i-1)g(n-i)\\ g(n)&=\sum_{i=1}^{n}\frac{(n-1)!}{(i-1)!(n-i)!}(n-i)(i-1)g(n-i)\\ \frac{g(n)}{(n-1)!}&=\sum_{i=1}^{n}\frac{1}{(i-2)!}\frac{g(n-i)}{(n-i-1)!}\\ \end{align}

考虑第一天 A视角：知道自己受到处分，知道其他人没有受到处分其他人视角：知道A受到处分，不知道自己有没有受到处分，知道受到处分的人至多两个人第二天无人被开除，没有新的处分 A视角： … 其他人视角： A并没有泄露信息 1.A的视角里没有受处分的人 2.A知道A受处分，并且自己受到处分考虑情况二第三天无人被开除，没有新的处分其他人视角：考虑除去A和自己以外的第三人，假设A和自己受到处分，自己知道第三人没有受到处分，那么第二天会有人泄露信息

\begin{align} F(x)&=\sum_{i=0}f_{i}x^{i}\\ g_n&=\sum_{m>0,a_1,a_2,...,a_m>0,a_1+a_2+...+a_m=n}\prod_{i=1}^{m}f_{a_i}\\ F^{n}(x)&=\sum_{i=0}g_{i}x^i\\ F(x)&=\frac{x}{1-x-x^2}\\ G(x)&=\frac{1}{1-F(x)}\\ &=\frac{1}{1-\frac{x}{1-x-x^2}}\\ &=\frac{1-x-x^{2}}{1-2x-x^{2}}\\ &=\frac{1-x-x^2}{(1-(1+\sqrt{2})x)(1-(1-\sqrt{2})x)}\\ &=1+\frac{1}{2\sqrt{2}}(\frac{1}{1-(1+\sqrt{2})x}-\frac{1}{1-(1-\sqrt{2})x})\\ &=1+\frac{1}{2\sqrt{2}}\sum_{i=0}((1+\sqrt{2})^i-(1-\sqrt{2})^i )x^i\\ g_n&=\frac{1}{2\sqrt{2}}((1+\sqrt{2})^i-(1-\sqrt{2})^i )+[n=0] \end{align}

\begin{align} D,m,n\\ min&=\frac{n-(D-1)}{2}\\ max&=\frac{n}{2}-m\\ ANS&=\sum_{i=1}^{MAX}[2\mid n-i]\binom{D}{i}\sum_{a_1+...a_D=\frac{n-i}{2}}\binom{\frac{n-i}{2}}{a_1,...,a_D}\\ &=\sum_{i=1}^{MAX}[2\mid n-i]\binom{D}{i}D^{\frac{n-i}{2}}\\ \end{align}

\begin{align} f(i)&\equiv[x^i]\prod_{i=1}^{|S|}\frac{1}{1-x^{a_i}}\bmod p\\ \sum_{i}f(i)z^i&\equiv\prod_{i=1}^{|S|}\frac{1}{1-x^{a_i}}\bmod p\\ \end{align}

我们换个思路，注意到集合中每个元素很小，令 $a_{i}=0/1$ 表示集合里有没有这个数

\begin{align} F(x)&=\prod_{i=1}^{n}(\frac{1}{1-x^i})^{a_{i}}\\ \ln(F(x))&=\sum_{i=1}^{n}a_{i}\ln(\frac{1}{1-x^i})\\ -\ln(F(x))&=\sum_{i=1}^{n}a_{i}\ln(1-x^i)\\ &=-\sum_{i=1}^{n}a_{i}\sum_{j=1}^{\infty}\frac{x^{ij}}{j}\\ \ln(F(x))&=\sum_{i=1}^{n}\sum_{d\mid i}\frac{da_{d}}{i}x^{i}\\ &=\sum_{i=1}^{n}(\sum_{d\mid i}da_d)\frac{x^i}{i}\\ \end{align}

\begin{align} f(n)&=\sum_{d\mid n}g(d)\\ g(n)&=\sum_{d\mid n}\mu(\frac{n}{d})f(d)\\ &=\sum_{d\mid n}\mu(\frac{n}{d})\sum_{t\mid d}g(t)\\ &=\sum_{t=1}^{n}g(t)\sum_{d}[t\mid d\mid n]\mu(\frac{n}{d})\\ &=\sum_{t\mid n}g(t)\sum_{d\mid n}[\frac{d}{t}\mid \frac{n}{t}]\mu(\frac{n}{d})\\ &=\sum_{t\mid n}g(t)[\frac{n}{t}=1]\\ \\(1.2)(2.9)(3.2) \end{align}

$f(i)=\sum_{d\mid i}da_{d}$ $da_{d}=\sum_{k\mid d}\mu(\frac{d}{k})f(k)$ 设每种颜色的的小球的个数为 $a_{i}$ 个

\begin{align} tot&=\sum_{i=1}^{n}\lfloor\frac{a_{i}}{2}\rfloor\\ \end{align}

设有 $k$ 个奇数， $k\equiv n\bmod 2$ 至多有 $D$ 个奇数，那么至少有 $\frac{n-D}{2}$ 对当 $m\le\frac{n-D}{2}$ 时，答案为 $D^n$ 当 $m>\frac{n}{2}$ 时，答案为 $0$ 考虑到时排列问题只选奇数的生成函数 $\sum_{i=0}^{\infty}\frac{x^{2x+1}}{(2i+1)!}=\frac{e^{x}-e^{-x}}{2}$ 设 $f(k)$ 表示恰好为 $k$ 个奇数的方案数，令 $g(k)$ 为钦定 $k$ 个为奇数的方案数

\begin{align} g(k)&=[x^n]n!\binom{D}{k}(\frac{e^x-e^{-x}}{2})^{k}e^{(D-k)x}\\ &=[x^n]n!\frac{D!}{k!(D-k)!}\sum_{i=0}^{k}\frac{k!}{i!(k-i)!}(\frac{e^x}{2})^{i}(-\frac{e^{-x}}{2})^{k-i}e^{(D-k)x}\\ &=[x^n]n!\frac{D!}{(D-k)!2^k}\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{k-i}}{i!(k-i)!}e^{xi-x(k-i)+(D-k)x}\\ &=[x^n]n!\frac{D!}{(D-k)!2^k}\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{k-i}}{i!(k-i)!}e^{(D+2i-2k)x}\\ e^{ax}&=\sum_{i=0}\frac{(ax)^{i}}{i!}\\ &=[x^n]n!\frac{D!}{(D-k)!2^k}\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{k-i}}{i!(k-i)!}\sum_{j=0}\frac{((D+2i-2k)x)^j}{j!}\\ &=\frac{D!}{(D-k)!2^k}\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{k-i}(D+2i-2k)^n}{i!(k-i)!}\\ &=\frac{D!}{(D-k)!2^k}\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{k-i}(D-2(k-i))^n}{i!(k-i)!}\\ &=\frac{D!}{(D-k)!2^k}\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{i}(D-2i)^n}{i!(k-i)!}\\ \end{align}

最后是通过二项式反演求出 $f$ $g(n)=\sum_{i=1}^{n}\binom{n}{i}f(i)$

\begin{align} f(i)&=\sum_{j=i}^{n}(-1)^{j-i}\binom{j}{i}g(j)\\ &=\sum_{j=i}^{n}(-1)^{j-i}\frac{j!}{i!(j-i!)}g(j)\\ f(i)&=\frac{1}{i!}\sum_{j=i}^{n}\frac{(-1)^{j-i}}{(j-i)!}j!g(j)\\ f(i)&=\frac{(-1)^i}{i!}\sum_{j=i}^{n}\frac{(-1)^{j}}{(j-i)!}j!g(j)\\ G_{j}&=(-1)^jj!g(j)\\ &=\frac{(-1)^i}{i!}\sum_{j=i}^{n}\frac{1}{(j-i)!}G_j\\ f(i)&=\frac{(-1)^i}{i!}\sum_{j=0}^{n-i}\frac{1}{j!}G_{j+i}\\ f(n-i)&=\frac{(-1)^i}{i!}\sum_{j=0}^{n-i}\frac{1}{j!}G_{n-i-j}\\ \end{align}

设目标串长度为 $n$ ，记 $f(n,i)$ 为长度为 $n$ 的串，没有结束，后缀匹配到第 $i$ 位的概率 $f(n,i)=\frac{1}{n}f(n-1,i-1)$ $f(n,0)=\frac{n-1}{n}\sum_{i=0}^{m-1}f(n-1,i)$ 考虑下具体数学中的做法假设只有 $H,T$ ,出现 $TT$ 就停止 $S=H+T+HH+HT+TH+HHH+HHT+HTH+THH+THT+\dots$ $ST=A+N$ $SH=B$ $S=A+B+H+T$

\begin{align} k(a+b)&\equiv ab&(\bmod n)\\ k^2&\equiv k^2+ab-k(a+b)&(\bmod n)\\ k^2&\equiv (k-a)(k-b)&(\bmod n)\\ a'b'&\equiv k^2&(\bmod n)\\ \end{align}

\begin{align} f(n,k)&=\sum_{d\mid n}[d\mid k^2]\varphi(\frac{n}{d})\\ f(n,0)&=\\ \sum_{k=1}^{m} \end{align}

$\sum_{k=0}^{m}\sum_{d\mid \gcd(n,k^2)}d\varphi(\frac{n}{d})$ 互斥三角形 $x$ 互斥点对 $y$ 自由点 $z$ $x>0--0$

\begin{align}\\ [y,n-y]\\ y=0;\\ f(x)=\prod_{i=1}^{n}(1+w_ix)\times gx^{n'}\\ y\neq0;\\ g=\prod_{i=1}^{n'}(w_{i_1}+w_{i_2})\\ \end{align}

\begin{align} dp_{i,k}=dp_{i-1,k}+(i-(k-1))dp_{i-1,k-1}\\ f_{i,i-k+1}=dp_{i,k}\\ dp_{i-1,k-1}=f_{i-1,i-1-(k-1)-1}=f_{i-1,i-k-1};\\ f_{i,i-k+1}=f_{i-1,i-k}+(i-k+1)f_{i-1,i-k-1}; \end{align}

组合数学

工科高等代数3.24